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Leçon 6S1 · S3 · S1A

Compléments pour les séries S1, S3 et S1A

Vidéo 6 : Compléments S1 et S3 · 3 min 12 s · sous-titres en français

Le cours écrit

6.1 Exponentielle de base aa

Définition (programme S1-S3). Soit aa un réel strictement positif, différent de 11. Pour tout réel xx, on pose ax=exln⁡a.a^x = e^{x\ln a}. Pour xx rationnel, c'est la puissance de la leçon 5, puisque ax=exln⁡aa^x = e^{x\ln a}. La fonction x↦axx \mapsto a^x est l'exponentielle de base aa. Pour a=ea = e, on retrouve exe^x.

Propriétés. Pour tous réels xx, yy et a>0a > 0, b>0b > 0 : ax+y=axay(ax)y=axy(ab)x=axbxln⁡(ax)=xln⁡a.a^{x+y} = a^x a^y \qquad (a^x)^y = a^{xy} \qquad (ab)^x = a^x b^x \qquad \ln(a^x) = x\ln a.

Dérivée et variations. (ax)′=ln⁡a×exln⁡a=(ln⁡a) ax(a^x)' = \ln a \times e^{x\ln a} = (\ln a)\,a^x.

  • Si a>1a > 1, ln⁡a>0\ln a > 0 : x↦axx \mapsto a^x est strictement croissante, de limite 00 en −∞-\infty et +∞+\infty en +∞+\infty.
  • Si 0<a<10 < a < 1, ln⁡a<0\ln a < 0 : elle est strictement décroissante, de limite +∞+\infty en −∞-\infty et 00 en +∞+\infty.

Les courbes de x↦axx \mapsto a^x et de x↦(1a)x=a−xx \mapsto \left(\frac1a\right)^x = a^{-x} sont symétriques par rapport à l'axe des ordonnées.

6.2 Logarithme de base aa

Définition (programme S1-S3). Pour a>0a > 0, a≠1a \neq 1, et x>0x > 0 : log⁡ax=ln⁡xln⁡a.\log_a x = \frac{\ln x}{\ln a}.

  • log⁡a\log_a a les mêmes propriétés algébriques que ln⁡\ln et log⁡aa=1\log_a a = 1. Le logarithme décimal est log⁡=log⁡10\log = \log_{10}.
  • log⁡a\log_a est la réciproque de l'exponentielle de base aa : y=ax  ⟺  x=log⁡ay\quad y = a^x \iff x = \log_a y (avec y>0y > 0).
  • (log⁡ax)′=1xln⁡a(\log_a x)' = \dfrac{1}{x\ln a}.

Exemple 19. log⁡28=ln⁡8ln⁡2=3ln⁡2ln⁡2=3\log_2 8 = \dfrac{\ln 8}{\ln 2} = \dfrac{3\ln 2}{\ln 2} = 3. Et 3x=7  ⟺  xln⁡3=ln⁡7  ⟺  x=ln⁡7ln⁡3=log⁡37≈1,7713^x = 7 \iff x\ln 3 = \ln 7 \iff x = \dfrac{\ln 7}{\ln 3} = \log_3 7 \approx 1{,}771.

Exemple 20. Résoudre 2x>3x−12^x > 3^{x-1}.

Les deux membres sont strictement positifs et ln⁡\ln est strictement croissante : xln⁡2>(x−1)ln⁡3x\ln 2 > (x-1)\ln 3, soit x(ln⁡3−ln⁡2)<ln⁡3x(\ln 3 - \ln 2) < \ln 3. Comme ln⁡3−ln⁡2>0\ln 3 - \ln 2 > 0, on obtient x<ln⁡3ln⁡3−ln⁡2≈2,71x < \dfrac{\ln 3}{\ln 3 - \ln 2} \approx 2{,}71.

6.3 Puissance d'exposant réel

Définition. Pour x>0x > 0 et α\alpha réel, on pose xα=eαln⁡xx^\alpha = e^{\alpha\ln x}. Pour α\alpha rationnel, on retrouve la leçon 5.

Tout ce qui a été dit pour xrx^r reste vrai : mêmes règles de calcul, (xα)′=α xα−1(x^\alpha)' = \alpha\,x^{\alpha-1}, même tableau de variations selon le signe de α\alpha.

Exemple. (x2)′=2 x2−1\left(x^{\sqrt2}\right)' = \sqrt2\,x^{\sqrt2-1} sur ]0;+∞[]0;+\infty[.

6.4 Croissance comparée de fonctions

Théorème. Pour tout réel α>0\alpha > 0 et tout réel a>1a > 1 : lim⁡x→+∞ln⁡xxα=0lim⁡x→0+xαln⁡x=0lim⁡x→+∞exxα=+∞lim⁡x→+∞xαe−x=0lim⁡x→+∞axxα=+∞.\lim_{x\to+\infty} \frac{\ln x}{x^\alpha} = 0 \qquad \lim_{x\to0^+} x^\alpha\ln x = 0 \qquad \lim_{x\to+\infty} \frac{e^x}{x^\alpha} = +\infty \qquad \lim_{x\to+\infty} x^\alpha e^{-x} = 0 \qquad \lim_{x\to+\infty} \frac{a^x}{x^\alpha} = +\infty.

Les quatre premières se démontrent exactement comme à la leçon 5. Pour la dernière : axxα=exln⁡axα=(ln⁡a)α×eXXα\dfrac{a^x}{x^\alpha} = \dfrac{e^{x\ln a}}{x^\alpha} = (\ln a)^\alpha \times \dfrac{e^X}{X^\alpha} avec X=xln⁡a→+∞X = x\ln a \to +\infty, car ln⁡a>0\ln a > 0.

La hiérarchie à retenir. En +∞+\infty, pour α>0\alpha > 0 et a>1a > 1 : ln⁡x\ln x est « négligeable » devant xαx^\alpha, qui est lui-même négligeable devant axa^x.

Ces comparaisons s'appliqueront aux suites de référence ln⁡n\ln n, nαn^\alpha et ana^n au chapitre 4.

6.5 Fonctions composées

Exemple 21. Étudier f(x)=xxf(x) = x^x sur ]0;+∞[]0;+\infty[.

Par définition, f(x)=exln⁡xf(x) = e^{x\ln x}.

Limites. En 0+0^+ : xln⁡x→0x\ln x \to 0, et exp⁡\exp est continue en 00, donc f(x)→e0=1f(x) \to e^0 = 1. En +∞+\infty : xln⁡x→+∞x\ln x \to +\infty, donc f(x)→+∞f(x) \to +\infty.

Dérivée. (xln⁡x)′=ln⁡x+1(x\ln x)' = \ln x + 1, donc f′(x)=(ln⁡x+1) xxf'(x) = (\ln x + 1)\,x^x, du signe de ln⁡x+1\ln x + 1. Or ln⁡x+1≥0  ⟺  x≥e−1\ln x + 1 \geq 0 \iff x \geq e^{-1}.

Variations. ff est décroissante sur ]0;1e]\left]0;\frac1e\right] et croissante sur [1e;+∞[\left[\frac1e;+\infty\right[. Son minimum vaut f(1e)=e−1e≈0,692f\left(\frac1e\right) = e^{-\frac1e} \approx 0{,}692.

Lire le cours complet du chapitre

Exercices 11 et 12

  • Exercice 11 : exponentielle et logarithme de base a
  • Exercice 12 : la fonction $x \mapsto x^x$

Exercices du chapitre (PDF, 442 Ko)

Corrigés

Cherche d'abord les exercices sur ta feuille, puis compare avec le corrigé détaillé.

Corrigés du chapitre (PDF, 579 Ko)

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